解析　根據(jù)銘牌上所提供的信息可知：變壓器的輸入電壓為220 V，輸出電壓為12 V，該變壓器為降壓變壓器，故選項A錯誤，選項B正確；變壓器的工作原理是電磁感應(yīng)，故變壓器的原、副線圈上的電壓都為交流電壓，選項C錯誤；由理想變壓器的輸出功率等于輸入功率，且原線圈的電壓大于副線圈的電壓，故副線圈接負載時，副線圈中電流比原線圈中電流大，選項D錯誤．

答案　B

解析　由題圖(b)可知交流電的有效值為220 V，電壓表V₂測副線圈兩端電壓，故示數(shù)為220 V，B錯；交流電的周期為0.02 s，頻率為50 Hz，D錯；根據(jù)U₁I₁＝U₂I₂得：U₁＝880 V，A對；副線圈的輸出功率為＝880 W，等于原線圈的輸入功率，故C錯．

答案　A

解析　由題圖象可知感應(yīng)電動勢的最大值為E_m＝36 V，感應(yīng)電動勢的有效值為E＝＝36 V，根據(jù)＝可計算得U₂＝108 V，A對；由圖象可知周期T＝0.4 s，ω＝＝5 π，B錯；由圖象可知t＝0.1 s時線圈平面和磁場方向平行，穿過線圈平面的磁通量最小為零，D錯；t＝0.2 s時線圈的感應(yīng)電動勢為零，穿過線圈平面的磁通量變化率最小，C錯．

答案　A

解析　S與a接通的瞬間，副線圈有瞬間的感應(yīng)電流，A錯誤；S與a接通穩(wěn)定后，理想變壓器的原線圈電流穩(wěn)定不變，副線圈電壓為零，B正確；S與b接通穩(wěn)定后，根據(jù)U₁∶U₂＝n₁∶n₂，可得R兩端的電壓為3 V，C正確；原、副線圈的頻率相同，D錯誤．

答案　BC

解析　半導(dǎo)體熱敏電阻隨溫度升高電阻減小，因為變壓器輸入電壓決定輸出電壓，a、b間接入的交流電不變，因此V₁示數(shù)不變，變壓器輸出電壓不變，R₂減小，變壓器總輸出電流增大，變壓器輸出電流決定輸入電流，A₁示數(shù)也變大；由副線圈連接的電路分析可知V₂示數(shù)減小，A₂示數(shù)減小．

答案　BD

解析　當(dāng)用戶消耗的電功率增大時，升壓變壓器的輸入功率必增大，即P₁增大，輸入電壓U₁為定值不變，升壓變壓器的匝數(shù)不變，故輸出電壓U₂不變，由于P₁增大，由P₁＝U₁I₁＝P₂＝U₂I₂可得，I₁增加，P₂、I₂增加，由閉合電路歐姆定律得：U₃＝U₂－I₂R，故U₃減小，降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)不變，所以隨U₃減小，U₄減小，A錯誤，B正確；由于用戶消耗的電功率增加，即P₄增加，理想變壓器無功率損耗可得：P₃＝P₄，功率P₃也增加，故C錯誤，D正確．

答案　BD

解析　由題知變壓器副線圈兩端電壓有效值為22 V，由原副線圈兩端電壓關(guān)系＝可得，原線圈輸入電壓的有效值為242 V，故A項正確；由于原副線圈兩端交流電的頻率相同，故原線圈兩端交變電壓的頻率為50 Hz，B項錯；原線圈允許通過電流的最大值為1 A，根據(jù)原副線圈電流關(guān)系＝可得副線圈中電流的最大值為11 A，C項正確；根據(jù)部分電路的歐姆定律可得，副線圈中滑動變阻器最小阻值為R′＝－R＝ Ω－1 Ω＝(2－1) Ω，故D項錯．

答案　AC

解析　變壓器的輸入電壓一定，則輸出電壓不變，電壓表V₁的示數(shù)不變，A選項錯；當(dāng)入射光增強時，光敏電阻R₃的阻值迅速減小，變壓器的負載總阻值減小，則由P_出＝＝IR_總知，變壓器的輸出功率增加了，電流表A₂的示數(shù)變大了，D選項對；再由P_入＝UI₁＝P_出知，電流表A₁的示數(shù)變大，C選項對；變壓器的輸出電壓不變，而R₁兩端的電壓增加了，則電壓表V₂的示數(shù)變小，B選項錯．

答案　CD

解析　變壓器不改變交流電的頻率，由圖乙可知交流電的頻率f＝ Hz＝50 Hz，A錯誤；由圖乙知降壓變壓器的副線圈兩端電壓的瞬時值表達式u＝220sin 100πt V，B正確；通過R₀電流的最大值I_m＝＝ A＝10 A，有效值I＝＝10 A，C錯誤；根據(jù)變壓器電流比關(guān)系可知通過輸電線的電流為I₃＝I＝ A，輸電線損失的功率為P＝Ir＝ W，D正確．

答案　BD

解析　圖示位置穿過線框的磁通量最大，但由于沒有邊切割磁感線，所以無感應(yīng)電動勢，磁通量的變化率為零，A選項錯誤；線框中交變電壓u＝NBSωsinωt＝500sin (200t) V，B選項正確；變壓器原、副線圈匝數(shù)之比＝＝＝，C選項錯誤；變壓器輸出的最大功率等于輸入的最大功率P＝UI＝500×10 W＝5 000 W，D選項錯誤．

答案　B

解析　S接b時，副線圈屬于雙線繞法，不論原線圈中交流電源如何變化，副線圈中都不會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，所以電壓表示數(shù)為零，選項A錯誤；S接c時，根據(jù)理想變壓器的電壓比關(guān)系U₁∶n₁＝U₂∶n₂，且U₁＝，解得U₂＝，選項B正確；S接c時，滑動觸頭P向下移動，連入電路的有效電阻增大，P_入＝P_出＝減小，選項C錯誤；滑動觸頭P向上移動，連入電路的有效電阻減小，副線圈中的電流I₂＝增大，因U₂I₂＝U₁I₁，所以變壓器輸入電流I₁變大，選項D正確．

答案　BD

解析　(1)輸送功率P＝500 kW，一晝夜輸送電能E＝Pt＝12 000 kW·h

輸電線上損失的電能ΔE＝4 800 kW·h

終點得到的電能E′＝E－ΔE＝7 200 kW·h，

所以輸電效率η＝＝60%

輸電線上的電流I＝＝100 A

輸電線損耗功率P_r＝I²r，其中P_r＝＝200 kW

得r＝20 Ω.

(2)輸電線上損耗功率P_r＝r∝

原來P_r＝200 kW，現(xiàn)在要求P_r′＝10 kW，

解得輸電電壓應(yīng)調(diào)節(jié)為U′＝22.4 kV.

答案　(1)60%　20 Ω　(2)22.4 kV

解析　在交流電路中電容器能夠通交流，所以A錯誤；變壓器能夠改變交流電壓，但是不能變頻，因此B正確；根據(jù)＝得到U₂＝22 V，所以電阻R₂的電功率為P₂＝＝48.4 W，C正確；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得到原、副線圈鐵芯中磁通量變化率之比為1∶1，D錯誤．

答案　BC

解析　由交流電源的電壓瞬時值表達式可知，ω＝100π rad/s，所以頻率f＝＝＝50 Hz，A項說法正確；理想變壓器的電壓比等于線圈匝數(shù)比，即＝，其中原線圈電壓的有效值U₁＝220 V，U₂＝U₁＝44 V，故D項說法正確；I₂＝＝1 A，故C項說法錯誤；由電流比與線圈匝數(shù)成反比，即＝，所以I₁＝I₂＝0.2 A，故B項說法正確．綜上所述，說法錯誤的是C項．

答案　C

解析　圖示位置穿過線框的磁通量最大，但由于沒有邊切割磁感線，所以無感應(yīng)電動勢磁通量的變化率為零，A選項錯誤；線框中交變電壓u＝NBSωsin ωt＝500sin (200t) V，B選項正確；變壓器原、副線圈匝數(shù)之比＝＝＝，C選項錯誤；變壓器輸出的最大功率等于輸入的最大功率P＝UI＝500×10 W＝5 000 W，D選項錯誤．

答案　B

解析　由于電流表示數(shù)為有效值，由＝可知I₂＝10I，故P＝100I²R，選項A錯誤；變壓器原線圈兩端電壓為U₁＝×10IR＝100IR，選項B錯誤；從最低點開始計時，則導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流的瞬時值的表達式為i＝Icos ωt，選項C錯誤；導(dǎo)體棒中電流最大值為I，所以F＝BIl，選項D正確．

答案　D

解析　每盞燈泡正常發(fā)光時的電流I₀＝＝ A，燈泡正常發(fā)光時，副線圈電流I₂＝NI₀＝10 A，A項正確；根據(jù)圖象，原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為u₁＝1 414sin (100πt) V，B項錯誤；照明電路連接導(dǎo)線損失的功率為50 W，所以原線圈輸入的總功率為2 250 W，C項錯誤；副線圈兩端電壓U₂＝U₀＋I₂R＝225 V，所以＝＝＝，D項正確．

答案　AD

解析　將Q向下移動時，R阻值增大．電路中電阻增大，電流減小，故B項錯誤；由于副線圈上電壓不變，電燈兩端的電壓不變，功率不變，亮度不變，故A項錯．將P沿順時針方向移動時副線圈匝數(shù)減少，電壓減小，電流減小，故C項錯．提高輸入端的電壓時，副線圈上電壓增大，電流增大，故D項正確．(自耦變壓器模型)

答案　D

解析　當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與a連接時，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10∶1，副線圈輸出電壓為22 V，電壓表的示數(shù)為22 V，選項A正確；當(dāng)t＝ s時，c、d間的電壓瞬時值為u₁＝220sin V＝220sin V＝110 V，選項B錯誤；單刀雙擲開關(guān)與a連接，在滑動變阻器觸頭P向上移動的過程中，電壓表示數(shù)不變，電流表的示數(shù)變小，選項C錯誤；當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a扳向b時，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為5∶1，電壓表示數(shù)變?yōu)?4 V，電壓表和電流表的示數(shù)均變大，選項D錯誤．

答案　A

解析　本題考查交變電流和變壓器原理．由圖象可知交變電流的電壓有效值為220 V，因為原副線圈的匝數(shù)比為10∶1，故變壓器副線圈的輸出電壓為22 V，而電壓表測的是R₂兩端的電壓，所以小于22 V，故A錯誤；當(dāng)傳感器R₂處出現(xiàn)火災(zāi)時，熱敏電阻R₂的阻值隨溫度升高而減小，變壓器的輸出電壓不變，熱敏電阻與定值電阻R₁分壓，故R₂的分壓減小，電壓表示數(shù)變小，B正確；R₂減小時，變壓器的負載電阻減小，電流增大，則原線圈的電流也增大，所以電流表的示數(shù)增大，C錯誤；由于負載電路的電流增大，電阻R₁消耗的功率也增大，故D也錯誤．

答案　B

解析　遠距離輸電先升壓，再降壓，選項A正確而B錯誤；由電線有電壓損失，故a的輸出電壓等于b的輸入電壓與損失的電壓之和，選項C、D均錯．

答案　A

解析　依據(jù)輸電原理，電路中的功率損耗ΔP＝I²R_線，而R_線＝ρ，增大輸電線的橫截面積，可減小輸電線的電阻，則能夠減小輸電線上的功率損耗，A項正確；由P＝UI來看在輸送功率一定的情況下，輸送電壓U越大，則輸電電流越小，則功率損耗越小，B項正確；若輸電電壓一定，輸送功率越大，則電流I越大，電路中損耗的電功率越大，C項錯誤；輸電電壓并不是電壓越高越好，因為電壓越高，對于安全和技術(shù)的要求越高，D項正確．

答案　ABD

解析　降壓變壓器副線圈兩端交變電壓有效值為220 V，負載電阻為11 Ω，所以通過R₀電流的有效值是20 A，選項A正確；降壓變壓器T₂的原、副線圈匝數(shù)之比為4∶1，所以降壓變壓器T₂原、副線圈的電壓比為4∶1，選項B正確；升壓變壓器T₁的輸出電壓等于降壓變壓器T₂的輸入電壓加上輸電線上損失的電壓，選項C錯誤；升壓變壓器T₁的輸出功率等于降壓變壓器T₂的輸入功率加上輸電線上的功率，選項D正確．

答案　ABD

解析　(1)由題圖乙知ω＝200π rad/s，

電壓瞬時值u_ab＝400sin(200 πt)V.

(2)電壓有效值U₁＝200 V，

理想變壓器P₁＝P₂，

原線圈中的電流I₁＝，

解得I₁≈0.28 A.

(3)設(shè)ab間匝數(shù)為n₁，則＝，

同理＝，

由題意知＝，

解得＝ ，

代入數(shù)據(jù)得＝.

答案　(1)u＝400sin(200πt)V

(2)0.28 A或 A

(3)